题面
思路
水法
不应该说是水法吧，只是考试的时候可能想不到别的了。
利用了数据随机性。对所有的S_i建立字典树，并记录字典树上每个点被哪些S_i经过了，这个可以用vector实现。
对于每次询问，在字典树上跑到对应的节点（没有节点可跑说明T_i不是任何S_i的前缀，此时答案就是n），然后暴力遍历这个节点的vector求出答案。
复杂度最差是O(nm)，由于数据的随机性，就可以过掉。
（去你***的水法，凭什么满分）
基于水法优化的正解
上面做法的瓶颈在于必须用vector存下所经过的S_i集合。但是有必要全部存下来吗？
题目要求的是数组a里的最长连续0，其实我们可以将问题转化一下：求相邻的1的差值-1的最大值，和n-最后一个1所在位置之差取一个max。
由于字符串是按照编号顺序插入的，我们每次在集合里添加的编号都和上一个添加的编号是相邻的，因此对于字典树上的节点记录两个信息，就可以避免存下整个集合，这两个信息分别是：
last[i]表示节点i上一次被编号last[i]的字符串经过。
ans[i]表示节点i的答案。
复杂度就是字符串总长，与输入同阶。
Code：
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
inline int max(int a, int b) { return a > b ? a : b; }
const int LEN = 5e6 + 7;
int n, m, len;
int root, tot, son[LEN][3], mx[LEN], ans[LEN];
char str[LEN];
void insert(int ind)
{
int now = root;
for (int i = 1; i <= len; i++)
{
if (!son[now][str[i] - 'a']) son[now][str[i] - 'a'] = ++tot;
now = son[now][str[i] - 'a'];
ans[now] = max(ans[now], ind - mx[now] - 1);
mx[now] = max(mx[now], ind);
}
}
int getans()
{
int now = root;
for (int i = 1; i <= len; i++)
{
if (!son[now][str[i] - 'a']) return n;
now = son[now][str[i] - 'a'];
}
if (mx[now] == n) return ans[now];
else return max(ans[now], n - mx[now]);
}
int main()
{
freopen("word.in", "r", stdin);
freopen("word.out", "w", stdout);
root = ++tot;
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%s", str + 1), len = strlen(str + 1), insert(i);
for (int i = 1; i <= m; i++) scanf("%s", str + 1), len = strlen(str + 1), printf("%d\n", getans());
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}
