转: 在Activity的onCreate方法中显示PopupWindow导致异常
异常
在某些情况下，我们需要一进入Activity就显示PopupWindow，比如常见的选择界面。但由于PopupWindow是依附于Activity的，如果Activity没有创建完成，Activity还没完全显示出来就显示PopupWindow的话，会出现异常现象。
在Activity的onCreate()方法中调用如下方法：
public void show( ) {
if( null != mPopupWindow ) {
mPopupWindow.showAtLocation(mView, Gravity.CENTER, 0, 0);
}
}
Paste_Image.png
解决方案 - 1
在《Android开发精要》一书中找到了答案（P158）：
PopupWindow不像对话框那样从屏幕的固定位置弹出，而是依赖于锚点控件对象的位置，所谓锚点控件对象，就是界面组件中的某个控件，PopupWindow的展示和功能都是以它为核心，作为锚点控件的扩展交互界面，以增强该控件对象的功能。
弹出窗口与描点控件有着紧密的联系，在构造并展示弹出窗口前，需要保证锚点控件所在的控件树已经与窗口管理服务建立连接，因为在弹出窗口的展示过程中，需要通过该窗口对象来获取相关信息。在界面组件的构造过程中，窗口连接的建立是个异步过程，也就是说，当Activity.onCreate()等函数被调用时，界面与窗口管理服务的双向通信连接尚未建立，如果在此时构造弹出窗口则会抛出异常。因此，如果期望在界面组件展现之处便构造弹出窗口，可以将弹出窗口对象构造也转换成一个异步过程。
解决方案 - 2
在onWindowFocusChanged() 中调用；
// 单次显示
private Boolean inited = false;
@Override
public void onWindowFocusChanged(boolean hasFocus) {
super.onWindowFocusChanged(hasFocus);
if (hasFocus && !inited) {
inited = true;
Log.e("MainActivity", "onWindowFocusChanged");
// 自定义显示PopupWindows函数
showWindows();
}
}
