一、解法
class Solution {
public int[] twoSum(int[] nums, int target) {
int maxInNum = Integer.MIN_VALUE;
int minInNum = Integer.MAX_VALUE;
for(int i=0; i<nums.length; i++) {
if (nums[i] > maxInNum)
maxInNum = nums[i];
if (nums[i] < minInNum)
minInNum = nums[i];
}
int maxS = target - minInNum;
int minS = target - maxInNum;
int maxNum = maxS < maxInNum ? maxS : maxInNum;
int minNum = minS > minInNum ? minS : minInNum;
int[] f = new int[maxNum - minNum + 1];
for (int i=0;i<f.length; i++) {
f[i] = -1;
}
for (int i=0; i< nums.length; i++) {
if (nums[i] <= maxNum && nums[i] >= minNum) {
if (f[target - nums[i] - minNum] != -1) {
return new int[]{f[target -nums[i] - minNum], i};
} else {
f[nums[i] - minNum] = i;
}
}
}
return null;
}
}
二、其他解法
摘自
https://segmentfault.com/a/1190000009428229
1、LintCode_56：两数之和等于target
题目大意：给出未排序数组nums和指定目标target，返回数组中两数之和等于target的组合元素下标[index1, index2], 要求下标从1开始，而且index1<index2，保证题目中有且只有1个可行解；
解法1：暴力O(n * n)时间复杂度求解
解题思路：暴力二重循环求解；
复杂度分析：时间复杂度O(n * n)，空间复杂度O(1)
/**
* 解法1:时间复杂度O(n * n)，空间复杂度O(1)
* 遍历求两数之和等于target，返回两数下标（从1开始）
* http://www.lintcode.com/zh-cn/problem/two-sum/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int[] twoSum(int[] nums, int target) {
int[] results = new int[2];
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
for (int j = i + 1; j < nums.length; j++) {
if (nums[i] + nums[j] == target) {
results[0] = i + 1;
results[1] = j + 1;
return results;
}
}
}
return results;
}
}
解法2：HashMap O(n)时间复杂度求解
解题思路：耗费O(n)空间构造哈希表，遍历数组每个元素nums[i]，哈希表对应存储<target - nums[i], i>，存储nums[i]期望的“另一半”，一旦哈希表中包含nums[i]，代表“另一半”早已存储在哈希表中，直接返回即可；
复杂度分析：时间复杂度O(n)，空间复杂度O(n)
/**
* 解法2:HashMap求解，时间复杂度O(n)，空间复杂度O(n)
* 遍历求两数之和等于target，返回两数下标（从1开始）
* http://www.lintcode.com/zh-cn/problem/two-sum/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int[] twoSum(int[] nums, int target) {
HashMap<Integer, Integer> map = new HashMap<>();
int[] results = new int[2];
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
if (map.containsKey(nums[i])) {
results[0] = map.get(nums[i]) + 1;
results[1] = i + 1;
break;
}
map.put(target - nums[i], i);
}
return results;
}
}
解法3：双指针O(nlog(n))时间复杂度求解
解题思路：首先将数组排序（时间复杂度O(nlog(n))），然后通过双指针i和j分别从数组两头同时遍历，保存数组排序前的元素位置可使用HashMap保存（空间复杂度O(n)），也可用辅助类保存（空间复杂度O(1)）；
复杂度分析：时间复杂度O(nlog(n))，空间复杂度O(n) or O(1)；
/**
* 解法3:HashMap + 双指针求解，时间复杂度O(nlogn)，空间复杂度O(n)
* 遍历求两数之和等于target，返回两数下标（从1开始）
* http://www.lintcode.com/zh-cn/problem/two-sum/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int[] twoSum(int[] nums, int target) {
HashMap<Integer, ArrayList<Integer>> map = new HashMap<>();
int[] results = new int[2];
// HashMap用于记录排序前数组元素对应下标
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
if (map.containsKey(nums[i])) {
map.get(nums[i]).add(i);
continue;
}
map.put(nums[i], new ArrayList<Integer>());
map.get(nums[i]).add(i);
}
int i = 0, j = nums.length - 1;
// 排序后双指针求解
Arrays.sort(nums);
while (i < j) {
if (nums[i] + nums[j] == target) {
int index1 = map.get(nums[i]).get(0);
// 重复元素已经访问过一次，从对应位置列表中剔除
map.get(nums[i]).remove(0);
int index2 = map.get(nums[j]).get(0);
// 保证results[0] < result[1]
results[0] = Math.min(index1, index2) + 1;
results[1] = Math.max(index1, index2) + 1;
return results;
}
if (nums[i] + nums[j] > target) {
j--;
} else {
i++;
}
}
return results;
}
}
2、LintCode_587：两数之和等于target的不重复组合数目
题目大意：给出未排序数组nums和指定目标target，返回数组中两数之和等于target的所有不重复组合数；
解法：双指针法O(n)时间复杂度求解
解题思路：数组排序后使用双指针分别从起点和终点遍历，如果存在a+b=target，则如果找到a所有组合方案，则b无需再找；
复杂度分析：时间复杂度O(nlog(n))，空间复杂度通过HashSet去重，耗费额外空间O(n)(可优化到O(1))
/**
* 双指针找两数和等于target的不重复组合数目，时间复杂度O(n)，空间复杂度O(n)
* 求两数之和等于target的所有不重复组合数目
* http://www.lintcode.com/zh-cn/problem/two-sum-unique-pairs/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int twoSum6(int[] nums, int target) {
int pairs = 0;
if (nums == null || nums.length < 2) {
return pairs;
}
Arrays.sort(nums);
int i = 0;
int j = nums.length - 1;
HashSet<Integer> set = new HashSet<>();
while (i < j) {
// 如果a + b = target, a找到后，b无需再找
while (i < j && set.contains(nums[i])) {
i++;
}
while (i < j && set.contains(nums[j])) {
j--;
}
if (i < j) {
if (nums[i] + nums[j] == target) {
set.add(nums[i]);
set.add(nums[j]);
pairs++;
} else if (nums[i] + nums[j] > target) {
j--;
} else {
i++;
}
}
}
return pairs;
}
}
3、LintCode_608：两数之和等于target（数组已排序）
题目大意：题目是LintCode_56的简化版，解法1和解法2可直接使用；与解法1,2相比，解法3双指针法充分利用数组已排序条件，时间复杂度降低到O(n)，空间复杂度降低到O(1)；
4、LintCode_443：两数之和大于target
题目大意：求出数组nums中两数之和大于target的组合数目；
解法1：暴力O(n2)时间复杂度求解
二重循环暴力求解；
解法2：双指针法O(nlog(n))时间复杂度求解
解题思路：首先将数组nums升序排序，双指针i从起点开始，指针j从终点开始，一旦有：
nums[i]+nums[j]>target,
则由于数组严格不递减，
∀num∈[nums[i],nums[j]],num+nums[j]>target
，因此执行pairs += (j - i)，此时nums[j]所有方案搜索完毕，执行j--；
复杂度分析：时间复杂度O(nlog(n))，空间复杂度O(1)
/**
* 解法2：双指针法求解，时间复杂度O(logn)，空间复杂度O(1)
* 求两数之和大于target的组合数目
* http://www.lintcode.com/en/problem/two-sum-greater-than-target/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int twoSum2(int[] nums, int target) {
int pairs = 0;
if (nums == null || nums.length < 2) {
return pairs;
}
Arrays.sort(nums);
int i = 0;
int j = nums.length - 1;
while (i < j) {
if (nums[i] + nums[j] > target) {
pairs += j - i;
// nums[j]所有方案求解完毕，j--
j--;
} else {
i++;
}
}
return pairs;
}
}
4、LintCode_609：两数之和不超过target
题目大意：求出数组nums中两数之和小于等于target的组合数目；
5、LintCode_610：两数之差等于target
解法1：暴力O(n * n)时间复杂度求解
二重循环暴力求解；
解法2：双指针法O(nlog(n))时间复杂度求解
解题思路：首先将数组nums升序排序，双指针i从起点开始，指针j从终点开始，一旦有：
nums[i]+nums[j]≤target,
则由于数组严格不递减，
∀num∈[nums[i],nums[j]],num+nums[j]≤target
，因此执行pairs += (j - i)，此时nums[i]所有方案搜索完毕，执行i++；
复杂度分析：时间复杂度O(nlog(n))，空间复杂度O(1)
/**
* 双指针法求解，时间复杂度O(nlogn)，空间复杂度O(1)
* 求两数之和小于等于target的所有组合数目
* http://www.lintcode.com/en/problem/two-sum-less-than-or-equal-to-target/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int twoSum5(int[] nums, int target) {
int pairs = 0;
if (nums == null || nums.length < 2) {
return pairs;
}
Arrays.sort(nums);
int i = 0;
int j = nums.length - 1;
while (i < j) {
// nums[i]的所有组合 = j - i
if (nums[i] + nums[j] <= target) {
pairs += j - i;
i++;
} else {
j--;
}
}
return pairs;
}
}
6、LintCode_533：两数之和最接近target
题目大意：求出数组nums中两数之和与target的最近距离（非负）；
解法1：暴力O(n * n)时间复杂度求解
解题思路：二重循环不断迭代最小距离；
复杂度分析：时间复杂度O(n * n)，空间复杂度O(1)；
/**
* 解法1：暴力时间复杂度O(n^2)
* 求两数之和最接近target，求最近距离
* http://www.lintcode.com/en/problem/two-sum-closest-to-target/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int twoSumClosest(int[] nums, int target) {
if (nums == null || nums.length < 2) {
return target;
}
int min = Integer.MAX_VALUE;
int temp;
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
for (int j = i + 1; j < nums.length; j++) {
temp = target - (nums[i] + nums[j]);
min = Math.min(min, Math.abs(temp));
}
}
return min;
}
}
解法2：双指针法O(nlog(n))时间复杂度求解
解题思路：首先将数组排序，双指针分别从起点和终点遍历，临时距离
temp=left|target−(nums[i]+nums[j])right|
不停与最短距离min比较迭代，temp=0时直接返回；
复杂度分析：时间复杂度O(nlog(n))，空间复杂度O(1)；
/**
* 解法2：双指针法求解，时间复杂度O(nlogn)
* 求两数之和最接近target，求最近距离
* http://www.lintcode.com/en/problem/two-sum-closest-to-target/
* @author yzwall
*/
class Solution {
public int twoSumClosest(int[] nums, int target) {
if (nums == null || nums.length < 2) {
return target;
}
Arrays.sort(nums);
int i = 0;
int j = nums.length - 1;
int min = Integer.MAX_VALUE;
int temp;
while (i < j) {
temp = Math.abs(target - (nums[i] + nums[j]));
if (temp == 0) {
return 0;
}
min = Math.min(min, temp);
if (nums[i] + nums[j] > target) {
// 距离过大, j--
j--;
} else {
// 距离过小, i++
i++;
}
}
return min;
}
}
7、LintCode_610：两数之差等于target
解法1：暴力O(n * n)时间复杂度求解
二重循环暴力求解；
解法2：双指针法O(nlogn)时间复杂度求解
解题思路：首先将数组nums升序排序，双指针i从起点开始，指针j从终点开始，一旦有：
nums[i]+nums[j]≤target
则由于数组严格不递减，
∀num∈[nums[i],nums[j]],num+nums[j]≤target
，因此执行pairs += (j - i)，此时nums[i]所有方案搜索完毕，执行i++；
复杂度分析：时间复杂度O(nlog(n))，空间复杂度O(1)
