编辑距离
给定两个单词 word1 和 word2，计算出将 word1 转换成 word2 所使用的最少操作数 。
你可以对一个单词进行如下三种操作：
插入一个字符
删除一个字符
替换一个字符
示例 1:
输入: word1 = "horse", word2 = "ros"
输出: 3
解释:
horse -> rorse (将 'h' 替换为 'r')
rorse -> rose (删除 'r')
rose -> ros (删除 'e')
示例 2:
输入: word1 = "intention", word2 = "execution"
输出: 5
解释:
intention -> inention (删除 't')
inention -> enention (将 'i' 替换为 'e')
enention -> exention (将 'n' 替换为 'x')
exention -> exection (将 'n' 替换为 'c')
exection -> execution (插入 'u')
题目分析
- 和字符串匹配之类的差不多，都是 动态规划，观察子问题状态，考虑转移状态
- 动态规划 dp[i][j]状态
- 对比dp[i-1][j]状态时，只需要把i代表的字母删除即可回到dp[i-1][j]
- 对比dp[i][j-1]状态，因为[i][j-1]代表word1 i位 和 word2 j-1 位匹配，因此word2还多个j位没有匹配到，对word1增加操作即可
- 对比dp[i-1][j-1]状态，双方都多出个第i位和第j位，如果这两个相等，则和dp[i-1][j-1]一样，不相等，则需要一次替换操作。
dp题解代码
class Solution {
public:
int minDistance(string word1, string word2)
{
//动态规划 dp[i][j]状态
//对比dp[i-1][j]状态时，只需要把i代表的字母删除即可回到dp[i-1][j]
//对比dp[i][j-1]状态，因为[i][j-1]代表word1 i位 和 word2 j-1 位匹配，因此word2还多个j位没有匹配到，对word1增加操作即可
//对比dp[i-1][j-1]状态，双方都多出个第i位和第j位，如果这两个相等，则和dp[i-1][j-1]一样，不相等，则需要一次替换操作。
int dp[word1.size()+1][word2.size()+1];
dp[0][0]=0;
for(int i=1;i<=word1.size();i++)
dp[i][0]=i;
for(int i=1;i<=word2.size();i++)
dp[0][i]=i;
int i;
int j;
for(i=1;i<=word1.size();i++)
for(j=1;j<=word2.size();j++)
if(word1[i-1]==word2[j-1])
dp[i][j]=1+min( min(dp[i-1][j],dp[i][j-1]),dp[i-1][j-1]-1);
else
dp[i][j]=1+min( min(dp[i-1][j],dp[i][j-1]),dp[i-1][j-1]);
return dp[word1.size()][word2.size()];
}
};
