题目描述
这是 LeetCode 上的 1217. 玩筹码 ，难度为 简单。
Tag : 「贪心」、「枚举」
有 n 个筹码。第 个筹码的位置是
position[i]。
我们需要把所有筹码移到同一个位置。在一步中，我们可以将第 个筹码的位置从
改变为:
-
position[i] + 2 或 position[i] - 2，此时cost = 0 -
position[i] + 1 或 position[i] - 1，此时cost = 1
返回将所有筹码移动到同一位置上所需要的 最小代价 。
示例 1：
输入：position = [1,2,3]
输出：1
解释：第一步:将位置3的筹码移动到位置1，成本为0。
第二步:将位置2的筹码移动到位置1，成本= 1。
总成本是1。
示例 2：
输入：position = [2,2,2,3,3]
输出：2
解释：我们可以把位置3的两个筹码移到位置2。每一步的成本为1。总成本= 2。
示例 3:
输入：position = [1,1000000000]
输出：1
提示：
贪心 + 枚举目标位置
假设移动的目标位置是 ，当前所在位置是
，将小球从
移动到
的成本取决于两位置距离的「奇偶性」，距离为偶数时成本固定为
，距离为奇数时成本固定为
。
同时我们可以通过「分情况讨论」来证明，所有小球移动到一个全新位置（起始没有小球的位置），结果不会变好，假设所选择的最终（全新）位置为 ：
- 假设选择的位置
导致所有数到位置
，同时可知所有数的位置奇偶性相同，此时选择所有数中的任意一个的位置，同样可得总成本为
- 假设选择的位置
，同时可知所有数的位置奇偶性相同，此时选择所有数中的任意一个的位置，可得总成本为
- 假设选择的位置
，偶数结果为
，可知
，同时我们通过调整
。此时总的成本为
综上，我们可以枚举所有已有的位置为目标位置，并通过奇偶性统计其余位置到目标位置的成本，在所有已有位置中取最小的总成本即是答案。
代码：
class Solution {
public int minCostToMoveChips(int[] ps) {
int n = ps.length, ans = Integer.MAX_VALUE;
for (int i = 0; i < n; i++) {
int a = ps[i], cur = 0;
for (int j = 0; j < n; j++) {
int b = ps[j];
cur += Math.abs(a - b) % 2;
}
ans = Math.min(ans, cur);
}
return ans;
}
}
- 时间复杂度：
- 空间复杂度：
贪心 + 统计奇偶性
更进一步，我们可以发现要使得「总的移动成本最优」的目标位置有无数个，只要目标位置的奇偶性不变，即可确保总成本不变。
因此我们可以省去枚举具体位置的操作，转而统计原有数的奇偶位置个数，假设偶数位置有 个，奇数位置有
个，最终目标位置选为偶数的成本为
，最终目标位置选为奇数的成本为
，即两者中的最小值即是答案。
代码：
class Solution {
public int minCostToMoveChips(int[] ps) {
int n = ps.length, a = 0;
for (int i : ps) a += i % 2;
return Math.min(a, n - a);
}
}
- 时间复杂度：
- 空间复杂度：
最后
这是我们「刷穿 LeetCode」系列文章的第 No.1217 篇，系列开始于 2021/01/01，截止于起始日 LeetCode 上共有 1916 道题目，部分是有锁题，我们将先把所有不带锁的题目刷完。
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